(5份试卷汇总)2020-2021学年广西省玉林市高二物理下学期期末经典试题-

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2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共8小题
1．用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近不带电验电器的金属小球a（如图），然后用手指瞬间接触一下金属杆c后拿开橡胶棒，这时验电器小球a和金箔b的带电情况是（ ）

A．a带正电，b带负电 B．a、b均带负电 C．a、b均带正电 D．a带负电，b带正电
2．图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R＝10 Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电表，示数是10 V．图乙是穿过矩形线圈磁通量Φ随时间t变化的图象．则下列说法正确的是(


A．电阻R上的电功率为20 W B．0.02 s时R两端的电压瞬时值为零
C．R两端的电压随时间变化的规律是u＝14.1 cos 100πt(V D．通过R的电流随时间变化的规律是i＝cos 50πt(A
3．将一质点从静止开始做匀加速直线运动的总时间分成相等的三段，按从开始到最后的顺序，则质点经过这三段时间内的平均速度之比是 （ ） A．1:4:9 B．1:3:5 C．1: 2: 3
D．1:( 2+1:( 3+ 2
4．下图为氢原子的能级图．现有两束光，a光由图中跃迁①发出的光子组成，b光由图中跃迁②发出的光子组成，已知a光照射x金属时刚好能发生光电效应，则下列说法正确的是




A．x金属的逸出功为2.86 eV B．a光的频率大于b光的频率
C．氢原子发生跃迁①后，原子的能量将减小3.4 eV D．用b光照射x金属，打出的光电子的最大初动能为10.2 eV 5．物块A置于倾角为30°的斜面上，用轻弹簧、细绳跨过定滑轮与物块B相连，弹簧轴线与斜面平行，A、B均处于静止状态，如图,，A、B重力分别为10 N和4 N，不计滑轮与细绳间的摩擦，则 (


A．弹簧对A的拉力大小为6 N B．弹簧对A的拉力大小为10 N C．斜面对A的摩擦力大小为1 N D．斜面对A的摩擦力大小为6 N 6．由于地震、山洪等原因将大量的金丝楠及其他树种深埋，经千万年碳化、氧化、冲刷形成似石非石、似木非木的植物“木乃伊”，又叫碳化木，俗称乌木，已知植物存活期间，其体内14C与12C的比例与大气中相同，生命活动结束后，14C衰变为14N，14C的比例持续减少，其半衰期约为5700年，现通过测量得知，某乌木样品中14C的比例恰好是现代植物所制样品的二分之一。下列说法正确的是（ ） A．该乌木的形成年代距今约为11400年 B．该乌木的形成年代距今约为5700年 C．12C、13C、14C具有相同的中子数
D．增加样品测量环境的压强将加速14C的衰变
7．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移x所用时间为t2．则物体运动的加速度为



A．2x(t1t2
t1t2(t1t2B．x(t1t2
t1t2(t1t2C．2x(t1t2
t1t2(t1t2D．x(t1t2
t1t2(t1t28．两木块A、B质量分别为m、M，用劲度系数为k的轻弹簧连在一起，放在水平地面上，如图所示，用外力将木块A压下一段距离静止，释放后A上下做简谐振动。在振动过程中，木块B刚好始终不离开地面(即它对地面最小压力为零。以下说法正确的是(

A．在振动过程中木块A的机械能守恒 C．A做简谐振动的振幅为B．A做简谐振动的振幅为mg
kMg
kD．木块B对地面的最大压力是2Mg2mg
二、多项选择题：本题共4小题
9．如图所示，理想变压器的原副线圈上接入了四只完全相同的小灯泡，灯泡的阻值相同且恒定不变为2 Ω．原线圈一侧接电压为12 V的正弦交流电源，所有灯泡都处于正常发光状态．则

A．原副线圈匝数比为2︰1 B．原副线圈匝数比为1︰2 C．变压器输入电功率为9 W D．变压器输入电功率为18 W 10．关于电磁场和电磁波的说法中正确的是：（ ） A．变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场 B．麦克斯韦第一次在实验室通过实验验证了电磁波的存在 C．电磁波是纵波，可以在真空中传播
D．紫外线是一种波长比紫光波长更短的电磁波，能够灭菌
11．图示为一列在均匀介质中沿x轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为2m/s，则

A．质点P此时刻的振动方向沿y轴负方向 B．P点的振幅比Q点的小
C．经过t4s，质点P将向右移动8m


D．经过t4s，质点Q通过的路程是0.4m 12．2017年10月19日至24日，首届“格力·环广西公路自行车世界巡回赛”在广西举办，本次赛事有18支世界顶级职业车队参赛，参赛选手为126人，竞争非常激烈。如图所示是甲、乙两自行车手在环南宁市比赛中的某一路段速度-时间图象，其中三角形OPQ的面积为S1，三角形OQT的面积为S2，已知t=0时刻甲在前、乙在后，二者相距为x0，下列说法正确的是（ ）

A．若x0=12 m，则两物体不能相遇 B．若x0=10 m，则两物体相遇一次 C．若x0=8 m，则两物体相遇两次 D．若x0=S1+S2，则两物体相遇两次 三、实验题:共2小题
13．某实验小组进行“用油膜法估测分子的大小”实验探究。 （1）在该实验中，采用的理想化假设是_____ A．将油膜看成单分子层油膜 B．不考虑各油酸分子间的间隙 C．不考虑各油酸分子间的相互作用力 （2）在该实验中做法正确的是_____
A．用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，若100滴溶液的体积是1mL，则1滴溶液中含有油酸10﹣2mL B．用注射器往水面上滴1滴油酸酒精溶液，同时将玻璃板放在浅盘上，并立即在玻璃板上描下油酸膜的形状
C．将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，计算轮廓范围内正方形的个数，并求得油膜的面积 D．根据1滴油酸酒精溶液中油酸的体积V和油膜面积S就可以算出油膜厚度，即油膜分子的直径
（3）实验小组同学规范操作后，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，得到如下图样，坐标纸上正方形小方格的边长为20mm，该油膜的面积是_____m2；已知油膜酒精溶液中油酸浓度为0.2%，100滴油酸酒精溶液滴入量筒后的体积是1.2mL，则油酸分子的直径为_____m．（结果均保留两位有效数字）




14．某兴趣小组对铜导线的电阻率进行小课题研究。
（1）现取长度为L的一捆铜导线，用螺旋测微器测得直径为D，现欲测其电阻率，在实验前，事先了解到铜导线的电阻很小，在用伏安法测量其电阻时，设计如图所示的电路，则电压表的另—端应接_____（填“a”或“b”）端。
（2）测量得电压表示数为U，电流表读数为I,可得铜的电阻率_____用字母表示）。

（3）该兴趣小组，发现用（1）所选电路得到电阻率与从课本上查阅到铜的电阻率相比__________（填“偏大”或“偏小”），但是实验的操作已经十分规范，测量使用的电表也已尽可能校验准确，下列叙述的造成这种偏差的原因你认为正确的是：_____。 A．电流表测量值小于流经Rx的电流值 B．电流表测量值大于流经Rx的电流值 C．电压表测量值小于Rx两端的电压值 D．电压表测量值大于Rx两端的电压值 四、解答题：本题共4题
15．测定患者的血沉，在医学上有助于医生对病情作出判断．设血液是由红血球和血浆组成的悬浊液．將此悬浊液收进竖直放置的血沉管内．红血球就会在血浆中匀速下沉，其下沉速率称为血沉，某人的血沉V的值大约是1.0mm/h．如果把红血球近似看做是半轻为R的小球，且认为它在血浆中下沉时所受的粘滞333阻力为Ff6RV，在室温下粘滯系数1.810Pas已知血浆的密度01.010kg/m，红血球的密度1.310kg/m．试由以上数据估算出红血球半径的大小（g10m/s，结果取一位有效数字即可）．
16．一小球在空中由静止开始下落,与水平地面相碰后又上升到某一高度,其运动的vt图像如图所示,已知小球质量为1kg.整个过程所受空气阻力大小不变． 取g10m/s求：
2332



(1小球下落的加速度的大小? (2小球运动过程中所受空气阻力的大小? (3整个过程小球克服空气阻力所做的功为多少J？
17．如图所示,分界面MN上下两侧有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度分别为B1和B2,且B12B,B2B.一质量为m,电荷为q的带电粒子(不计重力从O点出发,以一定的初速度v0沿纸面垂直MN向上射出,经一段时间后又回到出发点O.求:
(1粒子在MN上下两侧运动的轨道半径大小之比; (2粒子从O点出发又回到O点的时间. 18．如图所示，线框用导线组成，cd、ef两边竖直放置且相互平行，导体棒ab水平放置并可沿cd、ef无摩擦滑动，导体棒ab所在处为匀强磁场且B2＝2 T，已知ab长L＝0.1 m，整个电路总电阻R＝5 Ω.螺线管匝数n＝4，螺线管横截面积S＝0.1 m2.在螺线管内有图示方向磁场B1，若棒恰好处于静止状态，试求：(g＝10 m/s2 (1通过导体棒ab的电流大小？ (2导体棒ab的质量m为多少？
＝10 T/s均匀增加时，导体
参考答案
一、单项选择题：本题共8小题



1．C 【解析】
试题分析： 由于人和地球都是导体，用手指瞬间接触金属杆c时，人、地球和验电器构成一个整体，在带负电荷的橡胶棒的影响下发生静电感应，近端带正电；移开手指后，验电器上的正电荷不会再改变，故验电器带正电，再移开橡胶棒后，验电器上的正电荷不会再改变；故选A． 考点：电荷守恒定律． 2．C 【解析】 【分析】 【详解】
U2A. 电压U=10V;根据公式P=得：P=100/10=10W，故A错误； RB. 由乙图可知，0.02s通过线圈的磁通量为零，电动势最大，R两端的电压瞬时值为102V，故B错误； C. 由乙图可知，T=0.02s，R两端的电压最大值Um=102V，ω=2π/T=100π，又因为此交变电流是从垂直于中性面开始计时的，所以R两端的电压u随时间t变化的规律是u=102cos100πt(V，故C正确； D. 根据i=U/R得：通过R的电流i随时间t变化的规律是i=2cos100πt(A，故D错误． 故选C． 【点睛】
由乙图可知，0.02s通过线圈的磁通量为零，电动势最大，根据有效值与最大值的关系求出最大值，写出R两端的电压u随时间t变化的规律，根据欧姆定律求出通过R的电流i随时间t变化的规律．根据公式U2P=求出电阻R上的电功率．
R3．B 【解析】 【分析】 【详解】
质点从静止开始做匀加速直线运动，设每段时间为T，则有：第一个T末的速度为：v1=aT； 第二个T末v2=a•2T；v3=a•3T ，的速度为：第三个T末的速度为：由匀变速直线运动的推论vaTv1v2，可知v1，22v2aT2aT2aT3aT，v3，可得这三段时间内的平均速度之比是1：3：5，故选B． 22【点睛】
熟练掌握匀变速直线运动的三个速度公式和四个位移公式，并灵活运用．



4．A 【解析】 【详解】
A、a光子的能量值：EaE5E20.54(3.42.86eV，a光照射x金属时刚好能发生光电效应，则金属的逸出功为2.86eV，故A正确；
B、b光子的能量：EbE2E13.4(13.610.2eV，a的能量值小，则a的频率小，故B错误； C、氢原子辐射出a光子后，氢原子的能量减小了Ea2.86eV，故C错误；
D、用b光光子照射x金属，打出的光电子的最大初动能为：EkmEbW10.22.867.34eV，故D错误． 5．C 【解析】
试题分析：由平衡知识可知，弹簧对A的拉力大小等于B对细绳的拉力，大小为4N，选项AB错误；斜面对A的摩擦力大小为：f=mAgsin30°-T=10×0.5N-4N=1N，选项C正确，D错误；故选C. 考点：物体的平衡. 6．B 【解析】 【详解】 AB.设原来的质量为，衰变后剩余质量为M则有：，其中n为发生半衰期的次数，由题意可知剩余质量为原来的，故n=1，所以死亡时间为5700年，A错误B正确；
C.12C、13C、14C具有相同的质子数和不同的中子数，C错误； D.放射元素的半衰期与物理环境以及化学环境无关，D错误。 7．A 【解析】
v1试题分析：物体作匀加速直线运动在前一段x所用的时间为t1，平均速度为：
xt，即为1时刻的t12v2瞬时速度；物体在后一段x所用的时间为t2，平均速度为：
xt，即为2时刻的瞬时速度．速度由t22 v1变化到 v2的时间为：t v2 v12xt1t2t1t2a，所以加速度为：，A正确；
tt1t2t1t22考点：考查了匀变速直线运动规律的应用



【名师点睛】本题若设初速度和加速度，结合位移时间公式列方程组求解，可以得出加速度的大小，但是计算较复杂，没有运用匀变速直线运动的推论解决简捷． 8．D 【解析】 【详解】
A、振动过程中木块A与弹簧组成的系统机械能守恒，木块A机械能不守恒，故A错误；
BCD、：当弹簧处于伸长至最长状态时，M刚好对地面压力为零，故弹簧中弹力FMg，此时m有最大加速度，由Fmgma，得：aFmg，由对称性，当m运动至最低点时，弹簧中弹力大小为F，m但此时弹簧是处于压缩状态，根据牛顿第二定律得：Fmgma，即Fm(ga2mgMg，所以木块B对地面的最大压力是F压FMg2(mMg； 振幅为最大位移与平衡位置的距离：mgMg，故D正确，B、C错误； kk故选D。 【点睛】
关键是要注意撤去外力后，A以未加压力时的位置为平衡位置做简谐振动，当B刚好要离开地面时，A处于最高点时，A的加速度最大，A处于最低点时，弹簧对B的压力最大。 二、多项选择题：本题共4小题 9．AC 【解析】 【分析】 【详解】
AB．设灯泡正常发光电流为I，原线圈电流为I，副线圈电流为2I，根据变压器原理，匝数比与电流成反比，所以匝数比为2：1，A正确B错误． CD．设灯泡正常发光电压为U，有U122U23A ， ，解得：U3V ，所以副线圈电流I2RLU1所以变压器输入功率为PUI9W ，C正确D错误． 10．AD 【解析】 【详解】
A、根据“麦克斯韦”电磁场理论，可知，变化的磁场可以产生电场，变化的电场可以产生磁场；故A正确. B、麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在；故B错误. C、电磁波是横波，变化的电场与变化磁场相互垂直，能在真空中传播的；故C错误.


D、紫外线的波长比紫光的短，它可以进行灭菌消毒；故D正确. 故选AD. 【点睛】
解决本题的关键知道电磁波的产生原理，以及知道电磁波的类型。对于这些基本知识要熟练掌握并能正确应用. 11．AD 【解析】 【分析】 【详解】
A．简谐横波沿x轴正方向传播，波形向右平移，则知质点P此时刻的振动方向沿y轴负方向．故A正确； B．该波是简谐横波，所以P点与Q点的振幅相等，故B错误；
C．该波是简谐横波，质点只会在各自平衡位置上下振动，不会左右移动，故C错误。 D．t4s2T，则经过t4s，质点Q通过的路程为：s=8A=40cm=0.4m．故D正确． 故选AD． 12．ABC 【解析】由图线可知：在T时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1s2；
A、乙车追上甲车时，若甲、乙两车速度相同，即此时tT，若s0s110m，此后甲车速度大于乙车10m，则相遇两次，若s0＞10m，两物体不相遇，故ABC正确； 速度，全程甲、乙仅相遇一次，若s0＜D、甲、乙两车速度相同时，若S0s1s2＞S1，则此时甲车仍在乙车的前面，以后乙车不可能再追上甲车了，故D错误。
点睛：此题考察了追及与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系．两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件。 三、实验题:共2小题
13．AB CD 0.048（0.046～0.050） 5.0×10﹣10（4.8×10﹣10～5.2×10﹣10） 【解析】 【详解】
第一空.用油膜法估测分子大小实验中计算分子直径是根据体积与面积之比，所以需将油膜看成单分子层油膜，不考虑各油酸分子间的间隙，故填AB. 第二空.A.实验中用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，若100滴溶液的体积是1 mL，则1滴油酸酒精溶液的体积是10﹣2 mL，含有纯油酸的体积小于10﹣2 mL，选项A错误； B.用注射器往水面上滴1滴油酸酒精溶液，同时将玻璃板放在浅盘上，待油酸在液面上分布均匀并稳定后，在玻璃板上描下油酸膜的形状，选项B错误；



C.将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，计算轮廓范围内正方形的个数，并求得油膜的面积，选项C正确；
D.根据1滴油酸酒精溶液中油酸的体积V和油膜面积S就可以算出油膜厚度，即油酸分子的直径小，选项D正确. 故填CD. 第三空.在围成的方格中，不足半格舍去，多于半个的算一个，共有120个方格，故油酸膜的面积为S＝120×20mm×20 mm＝480cm2＝4.8×10﹣2 m2. 第四空.每滴油酸酒精溶液中含有油酸的体积为:，根据可得：分子直径. 14．a 偏小 B
【解析】 【详解】
第一空.电压表内阻远大于待测铜导线电阻，为减小实验误差，电流表应采用外接法，电压表的另一端应接a端。
第二空.铜导线的电阻：，由电阻定律得：，电阻率：；第三空.由图示电路图可知，电流表采用外接法，电阻测量值小于真实值；
第四空.由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，流过待测电阻的电流大于电流表示数，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值，故B正确，ACD错误； 四、解答题：本题共4题 15．【解析】 【详解】
对红血球，依平衡条件有：

44R3gR30g6RV 33解得：R9V
2g(091.81031.0103/3600 3210(1.31.010


9107m
16． (1a8m/s2 (2f2N (3W2.75J 【解析】 【详解】 （1）如图可得：
a4=8m/s2
0.5（2）由牛二定律得：
mgfma f2N
（3）由图可得：
X路程=1.375m
Wfs2.75J
整个过程小球克服空气阻力做功2.75J
R112m (2 t17． (1 R22qB【解析】 【分析】 【详解】
（1）电荷在磁场B1和B2中运动如图所示，设在B1和B2中的半径分别为R1和R2，周期分别为T1和T2有：

R1B21v02v02； qv0B1m，qv0B2m，得：RB2R1R221（2）磁场B1中：t1T12R12mR22m，磁场B2中t2T2， v0qB1v0qB2从O点又回到O点的总时间：tt1t2【点睛】
2mm2m． qB1qB2qB


带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式R2mmv，周期公式T，BqBq运动时间公式tT，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，2找半径，结合几何知识分析解题． 18．（1）0.8 A （2）0.016 kg 【解析】
试题分析：(1螺线管产生的感应电动势: 4×10×0.1V=4V 2分
=0.8ª 2分
(2ab所受的安培力 F=B2IL=2×0.8×0.1N=0.16N 2分 导体棒静止时有F=mg 2分 求得 m=0.16kg 2分
考点：本题考查了法拉第电磁感应定律以及共点力平衡条件
点评：本题的突破口是从共点力的平衡以及入手






2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共8小题
1．某带活塞的汽缸里装有一定质量的理想气体，气体经历如图所示的AB，BC、CD，DA四个变化过程，已知状态A的温度为7C，则下列说法正确的是(


A．B态的温度TB287K C．CD过程气体对外做功140J B．AB过程气体对外做功100J D．从A态又回到A态的过程气体吸热
2．两个大小材质完全相同的金属小球a、b，带电荷量分别为＋3q和－q，两小球接触后分开，小球带电量为(

A．a为＋3q，b为－q B．a为－q，b为＋3q C．a为＋2q，b为－2q D．a为＋q，b为＋q 3．一只小船静止在湖面上，一个人从小船的一端走到另一端（不计水的阻力） ，以下说法中正确的是（ ）A．人走得越快，则人获得的动量比船获得的动量大得越多 B．若人的质量小于船的质量，则人获得的动量大于船获得的动量 C．若人的质量小于船的质量，则人获得的动量小于船获得的动量 D．不论何种情况，人获得的动量数值上总是等于船获得的动量
4．A、B两个分子的距离等于分子直径的10倍，若将B分子向A分子靠近，直到不能再靠近的过程中，关于分子力做功及分子势能的变化下列说法正确的是（ ） A．分子力始终对B做正功，分子势能不断减小 B．B分子始终克服分子力做功，分子势能不断增大
C．分子力先对B做正功，而后B克服分子力做功，分子势能先减小后增大 D．B分子先克服分子力做功，而后分子力对B做正功，分子势能先增大后减小
5．在竖直放置的“∏”形支架上,一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G,现将轻绳的一端固定于支架上的A点,另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近(A与B等高,则绳中拉力大小变化的情况是( A．先变大后变小 C．先变大后不变

B．先不变后变小 D．先变小后变大


6．如图所示，理想变压器原线圈与120V的交流电源相连，副线圈并联两个灯泡A和B，灯泡A、C的额定功率皆为30W，正常发光时电阻皆为30Ω，已知三灯泡均正常发光，流过原线圈的电流为1.0A，则下列说法中正确的是

A．原副线圈匝数为3：1 B．原副线圈匝数为4：1 C．正常发光时B灯电阻为30Ω D．流过灯泡B的电流为1A 7．为了测出自感线圈的直流电阻，可采用如图所示的电路由于线圈自感系数很大，为了保护电表和各元件，在测量完毕后将电路解体时应该


A．首先断开开关 B．首先断开开关
C．首先拆除电源 D．首先拆除安培表
8．氢原子的能级如图所示，下列说法正确的是(



A．处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的光子而跃迁
B．氢原子从n＝3能级向n＝2能级跃迁时，吸收的光子能量为1.89 eV C．大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出3种不同频率的光 D．处于n＝1能级的氢原子可能吸收动能为15 eV的电子的能量而电离 二、多项选择题：本题共4小题
9．2017年11月5日，又有两颗北斗导航系统组网卫星通过“一箭双星”发射升空，并成功进入预定轨道，两颗卫星绕地球运动均看作匀速圆周运动。如果两颗卫星的质量均为M，其中的1号卫星轨道距离地面高度为h，2号卫星轨道距离地面高度为h'，且h'>h，把地球看做质量分布均匀的球体，已知地球半径为R，


地球表面的重力加速度大小为g，引力常量 为G下列说法正确的是 A．l号卫星绕地球运动的线速度Rg RhRh
GMB．1号卫星绕地球运动的周期T2Rhh'2C．1号卫星和2号卫星做匀速圆周运动的向心力大小之比为2
hD．稳定在轨运行时1号卫星的机械能小于2号卫星的机械能 10．下列说法正确的是(

A．光电效应既显示了光的粒子性，又显示了光的波动性
B．原子核内的中子转化成一个质子和一个电子，这种转化产生的电子发射到核外，就是β粒子，这就是β衰变的实质 C．静止的核238924He和234U在a衰变完成的瞬间，产生的两个新核290Th的速率之比为4：234 D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，原子的总能量增大
11．如图甲所示，A、B两长方体叠放在一起，放在光滑的水平面上．物体B从静止开始受到一个水平变力的作用，该力与时间的关系如图乙所示，运动过程中A、B始终保持相对静止．则在0~2t0时间内，下列说法正确的是

A．t0时刻，A、B间的静摩擦力最大 B．t0时刻，A、B的速度最大
C．0时刻和2 t0时刻，A、B间的静摩擦力最大 D．2 t0时刻，A、B离出发点最远 12．下列说法正确的是
A．由波尔原子模型可以推知，氢原子处于激发态，量子数越大，核外电子动能越小 B．康普顿效应的发现，说明了光子不但具有能量，还具有动量． C．德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越长 D．现已建成的核电站的能量均来自于核聚变 三、实验题:共2小题
13．如图所示，在“用油膜法估测分子的大小”实验中，下列操作正确的是（ ）




A．在量筒中仅滴一滴油酸酒精溶液，测出其体积 B．适量的痱子粉洒在水面后，用玻璃棒轻轻地搅匀 C．先在水面上撒适量的痱子粉，后再滴入一滴油酸酒精溶液
D．计算油膜面积时，舍去不足半格的方格，半格或超过半格计为一格 14．在用单摆测重力加速的实验中

（1）为了比较准确地测量出当地的重力加速度值，应选用下列所给出器材中的哪些？将所选用的器材前的字母填在题后的横线上。 （A）长1m左右的细线 （B）长30cm左右的细线 （C）直径2cm的铅球 （D）直径2cm的木球 （E）秒表 （F）时钟
（G）最小刻度是厘米的直尺 （H）最小刻度是毫米的直尺
所选的器材是____________________________________________。
（2）实验时摆线偏离竖直线的要求是____________。理由是____________________。 （3）某同学测出不同摆长时对应的周期T，作出T2-L图线，如图所示，可求得g=______。 四、解答题：本题共4题
15．如图所示，质量M=1.0kg的薄木板静止在水平桌面上，薄木板上放有质量m=1.0kg的小铁块（可视为质点），它离木板左端的距离为L=0.15m，铁块与木板间的动摩擦因数为μ=0.1，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现用一水平向右的拉力作用在木板上，使木板和铁块由静止开始运动，g取10m/s1．


(1若桌面光滑，拉力大小恒为F1=4.8N，求小铁块运动的加速度大小； (1若木板以4.0m/s1的加速度从铁块下抽出，求抽出过程所经历的时间t；



(3若桌面与薄木板间的动摩擦因数也为μ，则拉力F1的大小满足什么条件才能将木板从铁块下抽出？ 16．一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，质点P此时刻沿-y运动，经过0.1s第一次到达平衡位置，波速为5m/s，那么，求：

（1）该波的传播方向； （2）质点P的振动周期；

（3）图中Q点（坐标为x=7.5m的点）的振动方程. 17．如图在直角坐标系xOy平面的第二象限有平行于y轴向下的匀强电场，在y轴右侧区域内充满了匀强磁场，磁场方向垂直坐标平面，磁感应强度B随时间t变化的关系如图所示， t = 0时刻，有一比荷为1.0×104 C/kg带正电的粒子（不计重力），从坐标原点O沿x轴正向以初速度0=2×103 m/s进入磁场。开始时刻，磁场方向垂直纸面向内，粒子最后到达坐标为 (-2,0的P点，求：

（1）粒子到达y轴时离O点的距离s； （2）匀强电场的电场强度E。
18．如图所示，光滑水平轨道上放置足够长的木板A（上表面粗糙）和滑块C、滑块B置于A的左端，已知A、B、C三者质量分别为2m、m、2m。开始时C静止，A、B一起以v0的速度匀速向右运动，A与C发生碰挂（时间极短）后C向右运动。经过一段时间。AB再次达到共同速度一起向右运动。此时B在A上滑过的距离为L。且恰好与C的速度相同。求： (1A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小； (2整个过程中因摩擦而产生的热量；
(3A和B间的动摩擦因数（重力加速度为g）。






参考答案
一、单项选择题：本题共8小题 1．D 【解析】 【详解】
AB. AB是等压变化，AB错误。
C. CD过程气体体积被压缩，外界对气体做功，C错误。
D. 图像面积代表做功，所以AB对外做功大于CD外界对气体做功，而整个过程内能不变，根据热力学第一定律，从A态又回到A态的过程气体吸热，D正确。 2．D 【解析】 【分析】 【详解】
完全相同的金属球，接触时先中和再平分，所以每个球带电故选D． 3．D 【解析】
将人和小船看做一个整体，由于不计水的阻力，所以整体动量守恒，人走动前，整体动量为p0，人走动后整体的总动量仍为零，所以p'mv人Mv船=0，故mv人=-Mv船，两者的动量大小相等，方向相反，所以D正确， 4．C 【解析】 【分析】 【详解】
－由于两分子的距离等于分子直径的10倍，即r＝109m，则将B分子向A分子靠近的过程中，分子间相互VC ，所以B态的温度TB560K ，气体对外做功WpV200J ，T3qq=q．
2作用力先为引力后为斥力，对B分子先做正功、后做负功，分子势能先减小后增大，故C正确，ABD错误。 故选C。 5．B 【解析】
当轻绳的右端从直杆最下端移到直杆上端时,如图所示：




设两绳的夹角为2设绳子总长为L,两直杆间的距离为S,由数学知识得到sin不变,.再根据平衡条件可以知道,两绳的拉力F保持不变. 当轻绳的右端从直杆的顶端移到B点时, S L、S不变,则保持L
设两绳的夹角为2,.以滑轮为研究对象,分析受力情况，.根据平衡条件得
2Fcosmg
得到绳子的拉力Fmg

2cos在轻绳的右端从直杆最上端移到B点的过程中,减小,cos增大,则F减小，所以绳中拉力大小变化的情况是先不变后变小，故D正确； 综上所述本题答案是：D 6．A 【解析】
根据题意，闭合开关S，三个灯泡均能正常发光，设通过灯泡C的电流为I，C两端的电压为U，则：U=I1RC=1.0×30=30V；所以变压器的输入电压：U1=U0-U=120-30=90V；灯泡A的额定功率为30W，A两端的n1U1903 30V；所以原副线圈的匝数比：＝＝＝．故A正确，B错误；电压：U2＝PRA＝3030V＝n2U2301副线圈上的总电流：I2＝n1U330I1＝1.0＝3A，所以流过B的电流：IB＝I22＝3.0＝2A．故Dn21RA30U230＝＝15．故C错误；故选A． IB2错误；由欧姆定律可得，正常发光时B灯电阻为：RB＝点睛：此题解题的突破口在原副线圈的电流关系，特别注意电源总电压与加在副线圈两端电压的关系，难度适中． 7．B


【解析】
若先断开开关或先拆去电流表或先拆去电阻R，由于L的自感作用都会使L和电压表组成回路，原先L，B正中有较大的电流通过，现在这个电流将通过电压表，造成电表损坏，所以实验完毕应先断开开关确．
【点睛】先进行ACD三项操作都会发生自感现象，在电压表中有强电流流过，发热过多，造成仪器烧坏本题考查了自感线圈的自感作用，在断开电源的瞬间L相当于电源，结合实验安全原则，应先消除自感现象． 8．D 【解析】
要使n=3能级的氢原子发生跃迁，吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，或大于1.51eV能量的任意频率的光子．故A错误；氢原子由n=3向n=2能级跃迁时辐射的光子能量为△E=E3-E2=-1.51-（-3.4）=1.89eV．故B错误；根据公式C42＝6，大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出6种不同频率的光．故C错误；处于n=3能级的氢原子能量为-1.51eV，15eV大于1.51eV，则氢原子可吸收动能为15 eV的电子的能量而电离，故D正确．故选D．
点睛：解决本题的关键知道光电效应的条件以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差．注意氢原子吸收电子时，只需电子的能量大于能级差即可，吸收光子时，光子的能量必须等于能级差. 二、多项选择题：本题共4小题 9．AD 【解析】A项：根据公式GMmRh2gv2mm和m0gG20，解得vR，故A正确； MRhRRhB项：根据公式G错误； C项： F1GMmRh22RhRh42mmM2Rh和m0gG20，解得： T，故BTRRgmMRh2， F2GmMRh2F1Rh，所以，故C错误；
F2Rh22D项：由于hh，卫星从低轨道向高轨道要点火加速，化学能转化为机械能，所以稳定在轨运行时1号卫星的机械能小于2号卫星的机械能，故D正确。
Mmv2点晴：解决本题关键理解万有引力的两大中心思想：1、利用万有引力提供向心力即G2m，2、rr忽略星体的自转，利用mgG10．BD 【解析】
Mm。 R2


【详解】
A.爱因斯坦提出光子说，光电效应实验只证明了光具有粒子特性，故A错误；
11B.β衰变的实质在于原子核内的中子转化成一个质子和一个电子，方程为：0n1H01e，故B正确；
C.原子核衰变的过程中，动量守恒．所以静止的核和反冲核23490238924U在进行α衰变时，类似与反冲运动，所以衰变后的2HeTh的速率之比与质量成反比，故C错误；
D.氢原子核外的电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，静电力对其做负功，电势能增加，动能减小，跃迁过程中吸收能量，故原子总能量增大，D正确． 故选BD． 11．BCD 【解析】 【分析】 【详解】
AC、以整体为研究对象，根据牛顿第二定律分析得知，0、2t0时刻整体所受的合力最大，加速度最大，再以A为研究对象，分析可知，A受到的静摩擦力最大．故A错误，C正确；
B、整体在0-t0时间内，做加速运动，在t0-2t0时间内，向原方向做减速运动，则t0时刻，B速度最大．故B正确；
D、0-2t0这段时间，整体做单向直线运动，位移逐渐增大，则2t0时刻，A、B位移最大．故D正确． 12．AB 【解析】
e2v2由波尔原子模型可以推知，氢原子处于激发态，量子数越大，核外电子半径越大，根据k2m可知，rr动能越小，选项A正确；康普顿效应的发现，说明了光子不但具有能量，还具有动量，选项B正确；德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越短，选项C错误；现已建成的核电站的能量均来自于核裂变，选项D错误；故选AB. 三、实验题:共2小题 13．CD 【解析】
A. 一滴油酸酒精溶液的体积太小，为减小误差，测N滴油酸酒精溶液的体积，再计算出一滴油酸酒精溶液的体积，故A错误；

BC. 先在水面上撒适量的痱子粉，后再滴入一滴油酸酒精溶液，这样有利于油膜的展开，故B错误，C正确；
D. 在计算油膜面积时，不足半格的方格舍去，半格或大于半格的方格算一格，故D正确． 故选CD


14．ACEH 偏角小于5o 只有偏角小于5o时，才有 9.87m/s2

【解析】 【分析】
根据单摆模型的要求，摆球密度要大，体积要小，细线要适当长，读数要提高精度；由单摆周期公式，结合图像情况，求出图象的函数表达式，即可求出重力加速度。 【详解】
第一空．AB．单摆模型中，小球视为质点，摆线越长，测量误差越小，故A正确，B错误； CD．摆球密度要大，体积要小，空气阻力的影响才小，故C正确，D错误； EF．秒表可以控制开始计时和结束计时的时刻，故E正确，F错误； GH．刻度尺的最小分度越小，读数越精确，故G错误，H正确；
第二空第三空．单摆模型中，摆角较小时，才可以近似看作简谐运动，单摆的周期公式才成立，故摆角越小越好，通常不能超过5°；
第四空．由单摆周期公式：可知，，
由图像可知：，
解得：【点睛】
。
本题主要考查用单摆测重力加速度的实验，属于一般题型。 四、解答题：本题共4题
15． (1a=1.6m/s1 (1 t=0.5s (3F1>11N 【解析】
试题分析：对整体根据牛顿第二定律求出小铁块运动的加速度大小；木板从铁块下面抽出位移满足条件a铁，结合牛顿第二定律即x板-x铁=L，即可求得抽出过程所经历的时间；木板从铁块下抽出条件：a板可求出F1的大小满足的条件．
（1）小铁块的最大静摩擦力：fmmg0.210N2N
fmg0.210m/s22m/s2
mF14.8m/s21.6m/s2am 假设小铁块相对木板静止，根据牛顿第二定律：aMm21小铁块最大加速度为：am所以小铁块不会相对长木板滑动，小铁块运动的加速度大小：a1.6m/s2



（1）木板和铁块发生相对运动，对小铁块，根据牛顿第二定律，有mgma1
22解得：a11g0.210m/s2m/s
根据位移关系：x板-x铁=L 即：11a板t2a铁t2=L 22代入数据解得：t=0.5s （3）对木板隔离分析有：F2mgMmgMa板a铁 木板从铁块下抽出条件：a板=代入数据得：a板解得：F212N
F20.2100.2302
2点睛：本题主要考查了相对滑动问题，应用隔离法和整体法分别进行受力分析，结合牛顿第二定律和运动学公式分段研究，分析时把握位移关系等，还与明确两个物体之间的联系等等． 16．（1）沿-x方向传播；（2）1.2s；（3）y5costcm 【解析】 【分析】 【详解】
（1）质点P此时刻沿-y运动，振动比左侧邻近的波峰振动早，所以该波沿-x方向传播； （2）由波形图可知：6m，则周期为
Tv1.2s
（3）由图知，质点振幅为A=5cm，周期为1.2s，则Q点的振动方程为
y=Acos（2t）cm=5cos（t）cm
T17．（1）1.6m（2）E3.2102V/m 【解析】 【详解】
(1粒子进入磁场后在磁场中作圆周运动，设轨道的半径为R，周期为T，由洛仑兹力提供向心力得：
2v0qv0Bm
Rmv02103104m0.4m 解得：RqB0.5


2R2m2104Ts4104s
v0qB0.541041 在磁场变化的第一段时间内，
粒子运动的周期数为：N1341043运动轨迹对应的圆心角为120

21041
在第二个时间段内运动的周期数为：N2341046所对应的运动轨迹圆心角为60

41041
第三个时间段内运动的周期数为：N3341043对应的圆心角为120

粒子运动轨迹如图，粒子恰好在第三段时间末通过y轴

由图知粒子到达y轴时离O点距离：s4R1.6m (2粒子进入电场做类平抛运动，则有：
sqE2t 2mxv0t
带入数据得：E3.2102V/m 18． (1 0.4v0；(20.12mv【解析】 【分析】 【详解】
(1设A与C碰后C的速度为vC，A的速度为vA．取向右为正方向，对AC系统，由动量守恒定律： 2mv0=2mvA+2mvC ①
此后A、B再次共速设速度为v1，由动量守恒得： 2mvA+mv0=3mv1②
20；(320.12v0
gL


由题意有： vc=v1③ 联立①②③解得 vA=0.4v0 vC=0.6v0
(2由能的转化和守恒知，在A、B相对滑动的过程中系统损失的动能转化为内能，有：
1121222mvAmv0(2mmvCQ ④ 222解得
2Q012．mv0

(3由功能关系得 Q=mgL⑤
0.12v02=
gL






2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共8小题
1．如图所示，为某商厦安装的光敏电阻自动计数器的示意图．其中A是光源．B是由电动机带动匀速运行的自动扶梯，R1是半导体材料制成的光敏电阻（光照越强，电阻越小），R2是定值电阻．每当扶梯上有顾客经过．挡住由A射向R1的光线时．计数器就计数一次．此光计数器的基本工作原理是

A．当有光照射R1时，信号处理系统获得低电压 B．不论有无光照射R1，信号处理系统获得的电压都不变 C．信号处理系统每获得一次低电压就计数一次 D．信号处理系统每获得一次高电压就计数一次
2．横跨杭州湾的嘉绍大桥是世界上最长、最宽的多塔斜拉桥，全长10.137公里，设计速度为100公里/小时。某辆汽车通过嘉绍大桥的记录显示：17：33分进入嘉绍大桥，17：43分离开大桥。下列说法正确的是（ ）

A．该汽车经过嘉绍大桥的位移是 10.137km B．“设计速度为100公里/小时”该速度为平均速度
C．研究该汽车通过嘉绍大桥的时间时，可以将该汽车视为质点 D．该汽车通过嘉绍大桥的平均速度约为 60.8km/h 3．下列说法正确的是（ ）
238234A．92U90Th+X中X为中子，核反应类型为衰变 234B．1H+1H2He+Y中Y为中子，核反应类型为人工核转变
235113690C．92U+0n54Xe+38Sr+K，其中K为10个中子，核反应类型为重核裂变 14417D．7N+2He8O+Z，其中Z为氢核核反应类型为轻核聚变
4．两个物体相互接触，关于接触处的弹力和摩擦力，以下说法正确的是 A．如果有弹力，则一定有摩擦力



B．如果有摩擦力，则一定有弹力 C．一定有弹力，但不一定有摩擦力
D．如果有摩擦力，则其大小一定与弹力大小成正比 5．下列说法中错误的是（ ） A．光电效应实验揭示了光的粒子性 B．原子核经过一次衰变后，核子数减少4 C．电子的衍射实验证实了物质波的假设是成立的
D．动能相等的质子和电子，它们的德布罗意波波长也相等
6．如图所示,倾角为37o、长度为x3m的光滑固定斜面,其底端与长木板B上表面等高,原来B静止在光滑水平地面上,左端与斜面接触但不粘连,斜面底端与B的上表面接触处圆滑．一可视为质点的小滑块、B的质量相等, A与B上表面间的动A从斜面顶端处由静止开始下滑,最终A刚好未从B上滑下．已知A摩擦因数=0.5,sin370.6,cos370.8,重力加速度g取10m/s2．（ ）
oo
A．A在斜面上运动的时间为3s
B．A在B上滑动过程中,系统动量和机械能均守恒 C．A的最终速度为3m/s D．长木板B的长度为1m
7．氧气分子在不同温度下的速率分布规律如图所示，横坐标表示速率，纵坐标表示某一速率内的分子数占总分子数的百分比，由图可知(


A．随着温度的升高，氧气分子中速率小的分子所占的比例增大 B．随着温度的升高，每一个氧气分子的速率都增大 C．①状态的温度比②状态的温度高
D．同一温度下，氧气分子呈现“中间多，两头少”的分布规律
8．在抗震救灾中，直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子．如图所示，假设投放时无风无雨，


箱子的初速度可视为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，下落过程中箱子始终保持图示竖直状态，则箱子（ ）

A．在下落过程中先做匀加速运动，后做匀連运动
B．在开始下落的一小段时间内，箱内物体处于完全失重状态 C．在开始下落的一小段时间内，箱内物体对箱子底部的压力逐渐增大 D．在开始下落的一小段时间内，箱内物体对箱子底部的压力逐渐减小 二、多项选择题：本题共4小题
9．在坐标原点的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v10m/s，己知在t=0 时刻的波形如图所示，此时波刚好传播到x=5m处.下列说法中正确的是(


A．这列波的振福为20cm B．这列波的波长为4m C．这列波的频率为2.5Hz
D．再经过0.2s的时间，质点a到达质点b现在所处的位置 10．下列说法正确的是(

A．饱和蒸汽是指液体不再蒸发，蒸汽不再液化时的状态 B．空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果
C．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向同性的特点
D．干湿泡湿度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热
11．如图所示的整个装置放在竖直平面内，欲使带负电的油滴P在两平行金属板间静止，导体棒ab将沿导轨运动的情况是（ ）

A．向右匀减速运动 B．向右匀加速运动 C．向左匀减速运动 D．向左匀加速运动



12．下列说法正确的是______ A．水池中水的温度相同，水底一小气泡因扰动而上升时一定吸热 B．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显 C．同一容器中同种气体所有的分子运动速率基本相等
D．熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行 E.压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力 三、实验题:共2小题
13．某实验小组的同学在“验证牛顿第二定律”实验中，使用了如图所示的实验装置．

（1）在下列测量工具中，本次实验需要用的测量仪器有_________． A．游标卡尺 B．刻度尺 C．秒表 D．天平
（1）实验中，为了可以将细线对小车的拉力看成是小车所受的合外力，某同学先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项必须且正确的操作是___________．
A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节砂和砂桶的总质量的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动
B．将长木板的右端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推一下小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动
C．将长木板的右端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推一下小车，观察判断小车是否做匀速运动
（3）某同学在做保持小车质量不变，验证小车的加速度与其合外力成正比的实验时，根据测得的数据作出如图所示的a﹣F图线，所得的图线既不过原点，又不是直线，原因可能是_________． A．木板右端所垫物体较低，使得木板的倾角偏小 B．木板右端所垫物体较高，使得木板的倾角偏大 C．小车质量远大于砂和砂桶的质量 D．砂和砂桶的质量不满足远小于小车质量
（4）在某次利用上述已调整好的装置进行实验时，保持砂和砂桶的总质量不变，小车自身的质量为M且保持不变，改变小车中砝码的质量m，并测出小车中不同砝码质量时所对应的加速度a，以m为横坐标，以为纵坐标，在坐标纸上作出如图所示的关系图线，实验结果验证了牛顿第二定律．如果图中纵轴上的截距为b，则小车受到的拉力大小为_________．
（5）下图是实验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：SAB＝4.10 cm、SBC＝4.65 cm、SCD＝5.10 cm、


SDE＝5.54 cm、SEF＝6.00 cm、SFG＝6.46 cm，已知打点计时器的工作周期为0.01s，则小车的加速度a＝_________m/s1．(结果保留1位有效数字

14．在“用单摆测定重力加速度”的实验中：
(1为了减小测量周期的误差，计时开始时，摆球应是经过最___________（填“高”或“低”）点的位置，且用秒表测量单摆完成多次次全振动所用的时间．
（1）为了提高实验精度，在试验中可改变几次摆长l，测出相应的周期Ｔ，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标T1为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，利用图线的斜率k可求出重力加速度的表达式为g=________，可求得g=_________m/s1．（保留三位有效数字）

四、解答题：本题共4题
15．如图所示，折射率为3、厚度为d的平行玻璃砖，下表面涂有反射物质，一细光束以i60的入射角射到玻璃砖上表面的P点，上表面右端平行于入射光方向放置一标尺AB，细光束会在标尺上的两个位置出现光点，光在真空中的传播速度为c，不考虑细光束在下表面的第二次反射。 (1画出光路图；
(2求光在玻璃砖内的传播时间t； (3在标尺上出现的两个光点间的距离L。

16．如图所示，宽度为L＝0.2m的足够长的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的一端连接阻值R＝1Ω的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小B＝5T。一根质量m＝0.1kg导体棒MN放在导轨上，其接入导轨间的电阻r=1Ω，并与导轨接触良好，导轨的电阻可忽略不计。现用一平行于导轨的拉力拉着导体棒沿导轨向右匀速运动，运动速度v＝12m/s，在运动过程中保持导体棒与导轨垂直。求：
（1）在闭合回路中产生的感应电流的大小； （2）作用在导体棒上的拉力的大小；



（3）当导体棒匀速运动0.3m整个过程中电阻R上产生的热量。

17．某小型水电站输出的功率为38kW，输电线的总电阻为2Ω。 (1若采用380V电压输电，输电线路损耗的功率为多少? (2若改用3800V高压输电，输电线路损耗的功率为多少?若用户使用匝数比为17：1的理想变压器进行降压，用户端的电压为多少?(保留一位小数
18．如图所示，实线为简谐波在t时刻的图线，虚线为波在(t+0.01s时刻的图线．

（1）若波向左传播，求它可能传播的距离． （2）若波向右传播，求它的最大周期．
（3）若波速为500m/s，指出简谐波的传播方向．
参考答案
一、单项选择题：本题共8小题 1．C 【解析】
试题分析：当光线照射时，阻值减小，减小，由欧姆定律得，且电源电压不变，电路中的电流增大，是定值电阻，，两端电压增大，信号处理系统获得高压，A错误B正确，当有人时信号系统计数，即没有光照时，没有光照时获得低电压，C错误，D正确； 考点：考查闭合电路欧姆定律 2．C 【解析】



【详解】
A、10.137km是车的路程，不是位移，故A错误。
B、设计速度为100公里/小时为瞬时速率，不是平均速度，故B错误。
C、研究该汽车通过嘉绍大桥的时间时，汽车的大小可以忽略不计，可以将该汽车视为质点。故C正确。 D、10.137km是车的路程，不是位移，由于不知道位移的大小，不能求得汽车通过嘉绍大桥的平均速度，故D错误。 3．C 【解析】 【详解】
A. 23892234U90Th+X中X质量数为4，电荷数为2，为α粒子，核反应类型为衰变，选项A错误；
234B. 1H+1H2He+Y中Y质量数为1，电荷数为0，为中子，核反应类型为轻核聚变，选项B错误； 235113690C. 根据电荷数和质量数守恒可知，92U+0n54Xe+38Sr+K，其中K为10个中子，核反应类型为重核裂变，选项C正确；
D. 147171N+42He8O+Z，其中Z质量数为1，电荷数为1，为质子1H ，为人工转变方程，选项D错误。
4．B 【解析】 【分析】 【详解】
A.有弹力不一定有摩擦力，因为物体之间不一定粗糙也不一定有相对运动或相对运动趋势，故A错误； B.有摩擦力物体之间一定有挤压，因此一定有弹力，故B正确；
C.两个相互接触的物体不一定有弹力，因为有接触但没有形变就没有弹力，故C错误； D.静摩擦力大小与物体之间弹力无关，滑动摩擦力与弹力成正比，故D错误． 故选B. 点晴：要解答本题要掌握：摩擦力和弹力之间关系，有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，摩擦力方向和弹力方向垂直，静摩擦力大小和弹力无关，滑动摩擦力和弹力成正比． 5．D 【解析】 【详解】
（1）光电效应实验证实了爱因斯坦光的能量子的说法，认为光子是一种粒子，它的能量为h，A正确； （2）原子核经过衰变放出了氦原子核，根据质量数守恒，可知知道，新核的核子数减少4，B正确； （3）1927年戴维孙和汤姆孙分别利用晶体做了电子束的衍射的实验，得到了电子波的衍射图样，从而证实了德布罗意物质波的假设是成立的，C正确；



hh（4）根据动量和动能的关系：p2mEk，德布罗意波长：，推得：．由于质子和2mEkp电子的质量不同，故D的说法错误； 故本题选D 6．C 【解析】
斜面长x=3m，故小滑块下滑的加速度agsin37，下滑时间为t2x23s1s，A错gsin37100.6误；A在B上运动过程中，存在摩擦力，故机械能不守恒，但A和B组成的系统动量守恒，B错误；下滑到底端时的速度为v02ax2636m/s，在水平面上运动过程中，A和B系统动量守恒，故mv02mv，解得两者最终使得为v3m/s，C正确；最终A刚好未从B上滑下，说明A滑到B最右端时，两者速度相等，设木板B的长度为L，则根据能量守恒定律可得mgLL1.8m，D错误．
121mv02mv2，解得227．D 【解析】 【分析】 【详解】
A、B、随着温度的升高，氧气分子中速率大的分子所占的比例增大，从而使分子平均动能增大；故A错误．温度升高使得氧气分子的平均速率增大，不一定每一个氧气分子的速率都增大；故B错误．C、由图可知，②中速率大分子占据的比例较大，则说明②对应的平均动能较大，故②对应的温度较高；故C错误．D、同一温度下，中等速率大的氧气分子数所占的比例大，即氧气分子呈现“中间多，两头少”的分布规律；故D正确．故选D． 【点睛】
本题考查了分子运动速率的统计分布规律，记住图象的特点，会分析温度与图象的关系，知道温度越高，分子的平均速率增大． 8．C 【解析】
mgfmgkv2箱子下落过程中速度增大，阻力越来越大，a，所以加速度减小，当阻力等于重力mm时，箱子做匀速运动，故A错误；在开始下落的一小段时间内，箱内物体加速度小于g，则不是处于完全失重状态，选项B错误；在箱子开始下落的一小段时间内，箱内物体随箱子做加速度减小的加速运动，对物体有：mg-N=ma，N=mg-ma，加速度减小，N增大，故C正确，D错误．故选C．



点睛：本题主要是考查根据物体的受力情况来分析物体的运动情况，从而分析箱内物体的受力情况，判断出加速度的变化情况是解题的关键；完全失重时加速度为向下的g． 二、多项选择题：本题共4小题 9．BC 【解析】
由简谐波图象可知，振幅为10cm，故A错误；由简谐波图象可知，波长为4m，故B正确；由vf可知，波的频率fv10Hz2.5Hz，故C正确；质点只在自己的位置上下振动动，不会沿x轴运动，4故不能到达b点，故D错误．故选BC．
【点睛】通过简谐波图象可以读出出波长，振幅；简谐波传播过程中，介质中各质点的起振方向与波源的起振方向相同．根据时间与周期的关系，分析再经过0.2s的时间，质点a的位置． 10．BD 【解析】 【分析】 【详解】
A、饱和蒸汽是指液体蒸发与蒸汽液化相平衡的状态，液体仍在蒸发，蒸汽仍在液化；A错误．B、空中下落的雨滴呈球形是因为液体有表面张力，液体表面有收缩的趋势而形成的；B正确．C、液晶既有液体的流动性，又有光学性质的各向异性；C错误．D、干湿温度计的原理是：它在一支温度计泡上包上纱布，纱布下端浸入水中．若空气中水汽未饱和，湿纱布的水会蒸发，温度降低．湿泡温度计的温度值比干湿温度计的要低些．相对湿度越小，这个差值就越大，利用这个差值的大小可由表检查出空气的相对湿度；故D正确．故选BD． 【点睛】
本题考查了液体表面张力、布朗运动、蒸发和压强的关系等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点， 11．AD 【解析】
质量为m，电荷量为q的带负电的液滴处于静止状态．有
，电场强度的方向竖直向下，则上板电势高于下板，因此线圈N上端相当于电源的正极，下端相当于电源的负极．根据安培定则可知，线圈N的磁场竖直向上，大小减小，或竖直向下，大小增大；当棒向右匀减速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由b到a，大小减小，则线圈M产生竖直向下的磁场，且大小减小，那么线圈N的磁场是竖直向上，大小减小，符合题意，故A正确；当棒向右匀加速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由b到a，大小增加，则线圈M产生竖直向下的磁场，且逐渐增强，那么线圈N的磁场是竖直向上，大小增加，根据楞次定律，电容器下极板为正，故B错误；当棒向左匀减速运动时，


因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由a到b，大小减小，则线圈M产生竖直向上的磁场，且大小减小，那么线圈N的磁场是竖直向下，大小减小，不符合题意，故C错误；当棒向左匀加速运动时，因切割磁感线，由右手定则可知，感应电流方向由a到b，大小增加，则线圈M产生竖直向上的磁场，且大小增强，那么线圈N的磁场是竖直向下，大小增强，根据楞次定律，电容器上极板为正，故D正确，符合题意，故D正确；故选AD．
点睛：解决本题的关键根据液滴受力平衡求出平行板两端间的电势差，从而求出导体棒切割的速度．通过电场的方向得出两端电势的高低，根据右手定则得出导体棒运动的方向． 12．ABD 【解析】 【详解】
A．气泡上升过程压强不断减小，气泡逐渐胀大，就要对外做功，然而温度还不变，于是它肯定不断吸热．所以A正确．
B．悬浮在液体中的颗粒越小,在某一瞬间跟它相撞击的分子数越小.布朗运动微粒大小在10-6m数量级,液体分子大小在10-10m数量级,撞击作用的不平衡性就表现得越明显,因此,布朗运动越明显.B正确． C．同一容器中同种气体所有的分子运动速率不一定相等，C错误．
D．按机械能与内能转化的方向性表述：不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响．熵增加原理的内容：在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小．如果过程可逆，则熵不变；如果过程不可逆，则熵增加． 从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律：一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，而熵值较大代表着较为无序，所以自发的宏观过程总是向无序度更大的方向发展．所以D正确．
E．分子间的引力和斥力是同时存在的，它们的大小随分子间的距离而发生变化．当rr0时，合力表现为斥力，当rr0时，合力表现为引力．E错误． 所以选择ABD． 三、实验题:共2小题
13．BD B AD M/b 2.45 m/s1 【解析】 【详解】
（1）[1]．“验证牛顿第二定律”实验需要用天平测量小车、砂、砂桶的质量，需要用刻度尺测出计数点间的距离，故选BD；
（1）[1]．小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，可以将长木板的一段垫高，撤去砂和砂桶，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，故B正确；故选B；
（3）[3]．由图所示图象可知，直线没过原点，当a=2时，F＞2．也就是说当绳子上有拉力时小车没有加速度，说明小车的摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，平衡摩


擦力时，所垫木板太低．
从图象上可以看出：F从2开始增加，砝码和砝码盘的质量远小于车的质量，慢慢的砂的质量在增加，那么在后面砝码和砝码盘的质量就没有远小于车的质量了，那么绳子的拉力与砝码和砝码盘的总重力就相差大．所以原因是砝码和砝码盘的质量没有远小于车的质量．故AD正确，BC错误，故选AD； （4）[4]．根据题意，由牛顿第二定律得： F=（M+m）a， 则
1M1 m aFF则1-m图象的截距： ab=

小车受到的拉力大小： F= ；
（5）[5]．设相邻两个计数点之间的位移分别为x1、x1、x3、x4、x5、x6，相邻两个计数点之间的时间间隔T=5×2.21=2.1s，由△x=aT1结合逐差法得：
MFMb(6.466.005.545.104.654.20102(x4x5x6(x1x2x3m/s20.45m/s2； a 229(0.1s9T点睛：本题考查了实验器材、实验注意事项、实验数据处理；应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式是求出小车所受合力的关键，要掌握应用图象法处理实验数据的方法．
4214．低 9.86

k【解析】
(1小球的偏角α在很小(α＜5°时，小球的振动才近似看成简谐运动．在摆球经过最低点时开始计时，产生的时间误差较小．
4242l22l，则Tl函数的斜率k(1由单摆的周期公式为：T2,变形得T，解得重力加速ggg43.14242度g，代入图象的数据可得k4，解得g9.86m/s2. 4k【点睛】掌握单摆的周期公式以及减小误差的方法，求解重力加速度时借助数形结合的思想． 四、解答题：本题共4题 15． (1见解析；(2t【解析】 【分析】
24d；(3Ld c3


【详解】
(1光路图如图所示

(2设折射角为r，则
nsini sinr光在玻璃内传播的路程
2d cosrst
vcv
ns整理得
t4d
c(3由图中几何关系有
LPQ
cos30PQ2dtanrsin30
解得
L2d
316．（1）6A;（2）6N;（3）0.9J 【解析】 【分析】 【详解】
（1）由法拉第电磁感应定律得 EBLv①
由闭合电路欧姆定律得
IE② Rr由①②代入数据解得



I=6A③
（2）对MN，有 F=F安④ F安＝BIL⑤ 由③④⑤解得 F=6N⑥ （3）依题意得
tx⑦
vQI2Rt⑧
由③⑦⑧解得 Q0.9J⑨
17．（1）20kW（2）200W;222.4V 【解析】 【详解】
(1输电线路的电流I1P=100A ① U12I输电线路上损耗的功率为P11R=20kW ②
(2改用3800V高压输电，电流I2P=10A ③ U22输电线路上损耗的功率为P2I2R=200W ④
降压变压器的输入电压U3U2I2R=3780V ⑤ 设用户得到的电压为U4，则
U3n317 ⑥ U4n41解得U4=222.4V ⑦
18．（1）(3+4nm (n=0，1，2，… （2）0.04s （3）波向右传播 【解析】 【详解】
（1）若波向左传播时，




解得： (n=0，1，2，…

（2）向右传播时，传播的时间解得： (n=0，1，2，…
当n=0时，T有最大值0.04s （3）若波速为500m/s，则传播的距离

所以波向右传播







2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷
一、单项选择题：本题共8小题
1．如图所示,光滑水平面上有两个大小相同的钢球AB，A球的质量大于B球的质量.开始时A球以一定的速度向右运动, B球处于静止状态.两球碰撞后均向右运动.设碰前A球的德布罗意波长为1,碰后AB两球的德布罗意波长分别为2和3,则下列关系正确的是（ ）

A．123 B．123
C．123
23D．123
232．如图所示，小磁针正上方的直导线与小磁针平行，当导线中有电流时，小磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家和观察到的现象是（ ）

A．奥斯特，小磁针的N极转向纸内 B．法拉第，小磁针的S极转向纸内 C．库仑，小磁针静止不动
D．洛伦兹，小磁针的N极转向纸内
3．一个质点做简谐运动的图象如图所示，下述正确的是（ ）

A．质点振动周期为4s．
B．在10s内质点经过的路程是10cm C．在5s末，速度最大，加速度最大 D．t=1.5s时质点的位移大小是
2 cm 4．如图所示，在小车中悬挂一小球，若偏角未知，而已知摆球的质量为，小球随小车水平向左运动的加速度为，取=10m/s2，则绳的张力为(




A． B． C． D．
5．如图所示，在水平路面上做匀变速直线运动的汽车中，轻绳悬挂一质量为m的小球，悬线与竖直方向稳定偏离θ角，重力加速度为g，则下面说法中正确的是（ ）

A．小车一定向右加速运动 B．小车一定向左加速运动
C．小车的加速度为gsinθ，方向水平向右 D．小车的加速度为gtanθ，方向水平向右
6．如图所示，是用平行四边形定则求力F1、F2的合力F的示意图，其中正确的是（ ）
A． B． C． D．
7．关于饱和汽及饱和汽压的正确说法是( . A．密闭容器中某种蒸汽,开始时若是饱和的,保持温度不变,增大容器的体积,待稳定时, 蒸汽的压强一定会减小
B．对于同一种液体,饱和汽压随温度的升高而增大 C．温度不变时,饱和汽压随饱和汽体积的增大而增大 D．相同温度下,各种液体的饱和汽压都相同
8．如图所示，质量为m、电荷量为Q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，另一个带电量也为Q的带电小球B固定于O点的正下方，已知绳长OA为2l，O到B点的距离为l，平衡时AB带电小球处于同一高度，已知重力加速度为g，静电力常量为k。则（ ）

kQ2A．A、B间库仑力大小为2
lB．A、B间库仑力大小为2mg



C．细线拉力大小为3mg
23kQ2D．细线拉力大小为
29l二、多项选择题：本题共4小题
9．如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，则根据此图可知(


A．带电粒子所带电性
B．带电粒子在a、b两点的受力方向 C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大 D．带电粒子在a、b两点的电势何处较高
10．金属棒MN两端用细软导线悬挂于a、b两点，其中间一部分处于方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，静止时MN平行于纸面，如图所示．若金属棒通有从M向N的电流，此时悬线上有拉力．为了使拉力等于零，下列措施可行的是

A．增大电流 B．增大磁感应强度
C．将电流方向改为从N流向M D．将磁场方向改为垂直于纸面向外
11．如图所示，在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，第一、二、四象限内的磁场方向垂PQ直纸面向里，第三象限内的磁场方向垂直纸面向外．（2L,0）、（0,2L）为坐标轴上的两个点．现有一电子从P点沿PQ方向射出，不计电子的重力：（ ）




A．若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则电子运动的路程一定为B．若电子从P点出发经原点O到达Q点，则电子运动的路程一定为L C．若电子从P点出发经原点O到达Q点，则电子运动的路程一定为2L
L
2D．若电子从P点出发经原点O到达Q点，则电子运动的路程可能为L，也可能为2L
12．如图为一列沿x轴正方向传播的简谐横波的部分波形图,若该波波速v=40m/s,在t=0时刻波刚好传播到x=13m处,下列关于波在t=0.45s时的运动情况分析,其中正确的是（ ）

A．该波x=9m处的质点的位移为-5cm B．该波x=11m处的质点的位移为5cm C．该波x=7m处的质点速度方向沿y轴负向 D．该波刚好传播到x=31m处 三、实验题:共2小题
13． 某同学在“用电压表、电流表测电源的电动势和内电阻”的实验中，测得4组U、I数据，并在U-I坐标平面上标出相应的坐标点，如图所示．

（1）图中标出了ABCD四组数据的对应点坐标，由U-I图线的特性可以判断______组数据是错误的． （2）请根据正确数据在U-I坐标平面上画出U-I图线．根据图线求出电源的电动势E＝______V，内电阻r＝_______Ω．
（3）在此电源上外接一个电阻作为负载，当该电阻值R＝____________Ω时，电源的输出功率达到最大值，且Pmax＝_________W．
14．（1）在“测定匀变速直线运动的加速度”的实验中，有下列器材供选择：带有定滑轮的长木板、小车，细线，钩码，电火花打点计时器、纸带若干、110V交流电源、缺少的一种器材是：____________ (1利用打点计时器探究小车的速度随时间变化的规律．如图给出了该次实验中,0、1、1、3、4、5、6都为


计数点, 相邻两个记数点之间还有四个点未画．测得:s1=1.40cm,s1=1.90cm,s3=1.40cm,s4=1.90cm,s5=3.40cm,s6=3.90cm．

已知打点计时器电源频率为50 Hz，则纸带上打相邻两记数点的时间间隔为______s．在计数点3所代表的时刻,纸带运动的瞬时速度为v3=___m/s,物体的加速度a=___m/s1．(保留三位有效数字 (3 “测定匀变速直线运动的加速度”部分实验步骤如下： A．测量完毕，关闭电源，取出纸带
B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车 C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连 D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔
上述实验步骤的正确顺序是：_________________ (用字母填写 四、解答题：本题共4题
15．如图所示，两个带正电的点电荷M和N，带电量均为Q，固定在光滑绝缘的水平面上，相距2L，A，O，B是MN连线上的三点，且O为中点，OA=OB=L，一质量为m、电量为q的点电荷以初速度v0从A2点出发沿MN连线向N运动，在运动过程中电荷受到大小恒定的阻力作用，但速度为零时，阻力也为零，当它运动到O点时，动能为初动能的n倍，到B点刚好速度为零，然后返回往复运动，直至最后静止．已知静电力恒量为k，取O处电势为零．求：

（1）A点的场强大小； （2）阻力的大小； （3）A点的电势；
（4）电荷在电场中运动的总路程．
16．如图所示，质量为3m、开口竖直向下的薄壁汽缸放在水平地面上，质量为m、横截面积为S的光滑活塞密封了一定质量的理想气体A，竖直轻弹簧上端与活塞相连，下端固定在地面上，活塞下方与外界相通。开始时，缸内气体的热力学温度为T1，活塞到缸底的距离为L1，弹簧恰好处于原长。现对气体A缓慢加热，已知弹簧的劲度系数kmg10mg（g为重力加速度大小），大气压强p0，求： L1S



（1）当汽缸恰好离开桌面时气体A的热力学温度T2；
（2）当气体A的热力学温度为1.2T2时，活塞到缸底的距离为L3。
17．质量为2kg的物块沿倾角为30°的粗糙斜面由静止开始匀加速下滑，已知斜面长10m，物块由斜面顶端滑到底端经过5s，如果由摩擦损失的机械能全部转变成了内能，求在这一过程中物块与斜面系统的内能增加量。（g=10m/s2）
18．如图甲所示，用面积为S的活塞在气缸内封闭着一定质量的空气，活塞上放一砝码，活塞和砝码的总质量为m.现对气缸缓缓加热，使气缸内的空气温度从T1升高到T2，空气柱的高度增加了ΔL，已知加热时气体吸收的热量为Q，外界大气压强为p0.求：

（1）此过程中被封闭气体的内能变化了多少？ （2）气缸内温度为T1时，气柱的长度为多少？
（3）请在图乙的V－T图上大致作出该过程的图象(包括在图线上标出过程的方向．
参考答案
一、单项选择题：本题共8小题 1．D 【解析】 【分析】 【详解】
球A、B碰撞过程中，满足动量守恒．则



PB0PAPA
由h，可得
p
ph即动量守恒表达式也可写成
h3h1h2
所以
123
23故选D． 【点睛】
在光滑水平面上，大小虽然相同，但质量不等．在碰撞过程中系统满足动量守恒定律，因此可以利用运动物体的德布罗意波长和动量之间的关系列出动量守恒表达式，从而求出结果． 2．A 【解析】 【分析】 【详解】
发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特，根据安培定则可知该导线下方飞磁场方向垂直纸面向里，因此小磁针的N极垂直转向纸内，故A正确，B、C、D错误.故选A. 3．A 【解析】
由图象知，质点振动周期为4s，故A正确．10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是2.5×4A=10A=20cm，选项B错误；在5s末，质点位移最大，则速度为零，加速度最大，故C错误．t=1.5s时质点不在位移最大的位置，则位移大小小于 2 cm，选项D错误；故选A. 点睛：质点做简谐运动时通过的路程，一般根据时间与周期的关系，求出路程是多少倍的振幅．质点在任意时刻的位移，可由振动方程求解． 4．C 【解析】 【详解】
小球所受的合力为
，


(5份试卷汇总)2020-2021学年广西省玉林市高二物理下学期期末经典试题-

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