湖北省襄阳市枣阳市蔡阳中学2020年中考数学模拟考试试卷(含解析)
发布时间:2020-03-20 19:01:18
发布时间:2020-03-20 19:01:18
2020年湖北省襄阳市枣阳市蔡阳中学中考数学模拟试卷
一.选择题(共36分)
1.已知•=,其中a≥0,则b满足的条件是( )
A.b<0 B.b≥0
C.b必须等于零 D.不能确定
2.已知(1﹣x)2+,则x+y的值为( )
A.1 B.2 C.3 D.5
3.在平面直角坐标系中,点P(﹣2,﹣5)关于原点对称的点的坐标是( )
A.(﹣2,5) B.(2,5) C.(﹣2,﹣5) D.(2,﹣5)
4.下列图形中,旋转60°后可以和原图形重合的是( )
A.正六边形 B.正五边形 C.正方形 D.正三角形
5.数字0.000 0031用科学记数法表示的结果是( )
A.3.1×10﹣5 B.3.1×10﹣6 C.3.1×10﹣7 D.3.1×10﹣8
6.在Rt△ABC中,∠C=90°,cosA=,则tanA=( )
A. B. C. D.24
7.已知⊙O和⊙O′的半径分别为5cm和7cm,且⊙O和⊙O′相切,则圆心距OO′为( )
A.2 cm B.7 cm
C.12 cm D.2 cm或12 cm
8.关于x的一元二次方程kx2+2x﹣1=0有两个不相等的实数根,则k的取值范围是( )
A.k>﹣1 B.k>1 C.k≠0 D.k>﹣1且k≠0
9.圆O的半径为6cm,P是圆O内一点,OP=2cm,那么过点P的最短弦的长等于( )
A. cm B.8 C.6cm D.12cm
10.如图,是一个由若干个相同的小正方体组成的几何体的三视图,则组成这个几何体的小正方体的个数是( )
A.7个 B.8个 C.9个 D.10个
11.如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=8cm,BC=6cm,分别以A,C为圆心,以的长为半径作圆,将Rt△ABC截去两个扇形,则剩余(阴影)部分的面积为( )cm2.
A.24﹣π B.π C.24﹣π D.24﹣π
12.如图,一块边长为8cm的正三角形木板ABC,在水平桌面上绕点B按顺时针方向旋转至A′BC′的位置时,顶点C从开始到结束所经过的路径长为(点A,B,C′在同一直线上)( )
A.16π B.π C.π D.π
二.填空题(共12分)
13.制作一个圆锥模型,已知这个模型的侧面是用一个半径为9cm,圆心角为240°的扇形铁皮制作的,再用一块圆形铁皮做底,则这块铁皮的半径为 cm.
14.在半径为2的⊙O中,弦AB的长为2,则弦AB所对的圆周角的度数为 .
15.某种型号的电视机经过两次降价,价格从原来每台2250元降为每台1440元,则平均每次下降的百分率是 .
16.Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=5,BC=12,则它的内切圆半径为 .
三.解答题(共69分)
17.(5分)先化简、再求值:﹣a﹣2),其中a=﹣3.
18.(9分)为配合全市“禁止焚烧秸秆”工作,某学校举行了“禁止焚烧秸秆,保护环境,从我做起”为主题的演讲比赛,赛后组委会整理参赛同学的成绩,并制作了如图不完整的频数分布表和频数分布直方图
分数段(分手为x分) | 频数 | 百分比 |
60≤x<70 | 8 | 20% |
70≤x<80 | a | 30% |
80≤x≤90 | 16 | b% |
90≤x<100 | 4 | 10% |
请根据图表提供的信息,解答下列问题:
(1)表中的a= ,b= ;请补全频数分布直方图;
(2)若用扇形统计图来描述成绩分布情况,则分数段70≤x<80对应扇形的圆心角的度数是 ;
(3)竞赛成绩不低于90分的4名同学中正好有2名男同学,2名女同学.学校从这4名同学中随机抽2名同学接受电视台记者采访,则正好抽到一名男同学和一名女同学的概率为 .
19.(6分)如图,AB是一棵古树,某校初四(1)班数学兴趣小组的同学想利用所学知识测出这棵古树的高,过程如下:在古树同侧的水平地面上,分别选取了C、D两点(C、D两点与古树在同一直线上),用测角仪在C处测得古树顶端A的仰角α=60°,在D处测得古树顶端A的仰角β=30°,又测得C、D两点相距14米.已知测角仪高为1.5米,请你根据他们所测得的数据求出古树AB的高.(精确到0.1米,≈1.732)
20.(6分)已知△ABC在平面直角坐标系中的位置如图所示.
(1)分别写出图中点A和点C的坐标;
(2)画出△ABC绕点C按顺时针方向旋转90°后的△A′B′C′;
(3)求点A旋转到点A′所经过的路线长(结果保留π).
21.(6分)如图,已知反比例函数y=的图象与一次函数y=ax+b的图象相交于点A(1,4)和点B(n,﹣2).
(1)求反比例函数和一次函数的解析式;
(2)当一次函数的值小于反比例函数的值时,直接写出x的取值范围.
22.(7分)如图,△ABC中,AB=AC=1,∠BAC=45°,△AEF是由△ABC绕点A按顺时针方向旋转得到的,连接BE、CF相交于点D.
(1)求证:BE=CF;
(2)当四边形ACDE为菱形时,求BD的长.
23.(9分)如图,直线AB经过⊙O上的点C,并且OA=OB,CA=CB,⊙O交直线OB于E,D,连接EC,CD.
(1)求证:直线AB是⊙O的切线;
(2)试猜想BC,BD,BE三者之间的等量关系,并加以证明;
(3)若tan∠CED=,⊙O的半径为3,求OA的长.
24.(12分)某食品零售店为仪器厂代销一种面包,未售出的面包可退回厂家,以统计销售情况发现,当这种面包的单价定为7角时,每天卖出160个.在此基础上,这种面包的单价每提高1角时,该零售店每天就会少卖出20个.考虑了所有因素后该零售店每个面包的成本是5角.
设这种面包的单价为x(角),零售店每天销售这种面包所获得的利润为y(角).
(1)用含x的代数式分别表示出每个面包的利润与卖出的面包个数;
(2)求y与x之间的函数关系式;
(3)当面包单价定为多少时,该零售店每天销售这种面包获得的利润最大?最大利润为多少?
25.(12分)如图,在平面直角坐标系中,以点C(0,4)为圆心,半径为4的圆交y轴正半轴于点A,AB是⊙C的切线.动点P从点A开始沿AB方向以每秒1个单位长度的速度运动,点Q从O点开始沿x轴正方向以每秒4个单位长度的速度运动,且动点P、Q从点A和点O同时出发,设运动时间为t(秒).
(1)当t=1时,得到P1、Q1两点,求经过A、P1、Q1三点的抛物线解析式及对称轴l;
(2)当t为何值时,直线PQ与⊙C相切并写出此时点P和点Q的坐标;
(3)在(2)的条件下,抛物线对称轴l上存在一点N,使NP+NQ最小,求出点N的坐标并说明理由.
2020年湖北省襄阳市枣阳市蔡阳中学中考数学模拟试卷
参考答案与试题解析
一.选择题(共36分)
1.已知•=,其中a≥0,则b满足的条件是( )
A.b<0 B.b≥0
C.b必须等于零 D.不能确定
解:∵要使和有意义,
∴b≥0,ab≥0,
∵a≥0,
∴b≥0,
故选:B.
2.已知(1﹣x)2+,则x+y的值为( )
A.1 B.2 C.3 D.5
解:∵(1﹣X)2+
∴
解得
∴x+y=1+2=3.
故选:C.
3.在平面直角坐标系中,点P(﹣2,﹣5)关于原点对称的点的坐标是( )
A.(﹣2,5) B.(2,5) C.(﹣2,﹣5) D.(2,﹣5)
解:根据中心对称的性质,得点P(﹣2,﹣5)关于原点对称点的点的坐标是(2,5).
故选:B.
4.下列图形中,旋转60°后可以和原图形重合的是( )
A.正六边形 B.正五边形 C.正方形 D.正三角形
解:选项中的几个图形都是旋转对称图形,
A、正六边形旋转的最小角度是=60°;
B、正五边形的旋转最小角是=72°;
C、正方形的旋转最小角是=90°;
D、正三角形的旋转最小角是=120°.
故选:A.
5.数字0.000 0031用科学记数法表示的结果是( )
A.3.1×10﹣5 B.3.1×10﹣6 C.3.1×10﹣7 D.3.1×10﹣8
解:0.000 0031=3.1×10﹣6,
故选:B.
6.在Rt△ABC中,∠C=90°,cosA=,则tanA=( )
A. B. C. D.24
解:∵cosA=,
∴∠A的邻边与斜边的比是1:5,
设邻边是1,则斜边是5;
根据勾股定理,对边是=2,
则tanA=2.
故选:A.
7.已知⊙O和⊙O′的半径分别为5cm和7cm,且⊙O和⊙O′相切,则圆心距OO′为( )
A.2 cm B.7 cm
C.12 cm D.2 cm或12 cm
解:当两圆外切时,则圆心距等于两圆半径之和,即7+5=12;
当两圆内切时,则圆心距等于两圆半径之差,即7﹣5=2.
故选:D.
8.关于x的一元二次方程kx2+2x﹣1=0有两个不相等的实数根,则k的取值范围是( )
A.k>﹣1 B.k>1 C.k≠0 D.k>﹣1且k≠0
解:由题意知k≠0,△=4+4k>0
解得k>﹣1且k≠0.
故选:D.
9.圆O的半径为6cm,P是圆O内一点,OP=2cm,那么过点P的最短弦的长等于( )
A. cm B.8 C.6cm D.12cm
解:过点P的最短弦是垂直于OP的弦CD,
连接OC.根据勾股定理,得PC==4,
再根据垂径定理,得CD=8.
故选:B.
10.如图,是一个由若干个相同的小正方体组成的几何体的三视图,则组成这个几何体的小正方体的个数是( )
A.7个 B.8个 C.9个 D.10个
解:综合三视图,第一行第1列有3个,第一行第2列有1个,第一行第3列有2个;
第二行第1列有1个,第二行第2列没有,第二行第3列有1个;
第三行第1列没有,第三行第2列没有,第三行第3列有1个;
一共有:3+1+2+1+1+1=9个,故选C.
11.如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=8cm,BC=6cm,分别以A,C为圆心,以的长为半径作圆,将Rt△ABC截去两个扇形,则剩余(阴影)部分的面积为( )cm2.
A.24﹣π B.π C.24﹣π D.24﹣π
解:∵Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=8,BC=6,
∴AC==10(cm),
∴S阴影部分=×6×8﹣=24﹣(cm2).
故选:A.
12.如图,一块边长为8cm的正三角形木板ABC,在水平桌面上绕点B按顺时针方向旋转至A′BC′的位置时,顶点C从开始到结束所经过的路径长为(点A,B,C′在同一直线上)( )
A.16π B.π C.π D.π
解:CC′的长==π.
故选:D.
二.填空题(共12分)
13.制作一个圆锥模型,已知这个模型的侧面是用一个半径为9cm,圆心角为240°的扇形铁皮制作的,再用一块圆形铁皮做底,则这块铁皮的半径为 6 cm.
解:圆锥的底面周长为:=12π
设圆形铁皮的半径为r,
则2πr=12π,
解得:r=6cm.
这块圆形铁皮的半径为6cm,
故答案为:6.
14.在半径为2的⊙O中,弦AB的长为2,则弦AB所对的圆周角的度数为 30°或150° .
解:根据题意,弦AB与两半径组成等边三角形,
∴先AB所对的圆心角=60°,
①圆周角在优弧上时,圆周角=30°,
②圆周角在劣弧上时,圆周角=180°﹣30°=150°.
∴圆周角的度数为30°或150°.
15.某种型号的电视机经过两次降价,价格从原来每台2250元降为每台1440元,则平均每次下降的百分率是 20% .
解:设这种电视机平均每次降价的百分率为x,根据题意列方程得,
2250×(1﹣x)2=1440,
解得x1=0.2,x2=﹣1.8(不合题意,舍去);
答:这种电视机平均每次降价的百分率为20%.
故答案为:20%.
16.Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=5,BC=12,则它的内切圆半径为 2 .
解:如图:
在Rt△ABC,∠C=90°,AC=5,BC=12,
根据勾股定理AB==13,
四边形OECF中,OE=OF,∠OEC=∠OFC=∠C=90°,
∴四边形OECF是正方形,
由切线长定理,得:AD=AE,BD=BF,CE=CF,
∴CE=CF=(AC+BC﹣AB),
即:r=(5+12﹣13)=2.
故答案为:2.
三.解答题(共69分)
17.(5分)先化简、再求值:﹣a﹣2),其中a=﹣3.
解:原式=,
=,
=,
=;(5分)
当a=﹣3时,
原式=﹣.
18.(9分)为配合全市“禁止焚烧秸秆”工作,某学校举行了“禁止焚烧秸秆,保护环境,从我做起”为主题的演讲比赛,赛后组委会整理参赛同学的成绩,并制作了如图不完整的频数分布表和频数分布直方图
分数段(分手为x分) | 频数 | 百分比 |
60≤x<70 | 8 | 20% |
70≤x<80 | a | 30% |
80≤x≤90 | 16 | b% |
90≤x<100 | 4 | 10% |
请根据图表提供的信息,解答下列问题:
(1)表中的a= 12 ,b= 40 ;请补全频数分布直方图;
(2)若用扇形统计图来描述成绩分布情况,则分数段70≤x<80对应扇形的圆心角的度数是 108° ;
(3)竞赛成绩不低于90分的4名同学中正好有2名男同学,2名女同学.学校从这4名同学中随机抽2名同学接受电视台记者采访,则正好抽到一名男同学和一名女同学的概率为 .
解:(1)∵60≤x<70小组的频数为8,占20%,
∴8÷20%=40人,
∴a=40﹣8﹣16﹣4=12,b=×100%=40%,
故答案为:12,40;
(2)∵70≤x<80小组所占的百分比为30%,
∴70≤x<80对应扇形的圆心角的度数360°×30%=108°,
故答案为:108°;
(3)用A、B表示男生,用a、b表示女生,列表得:
| A | B | a | b |
A |
| AB | Aa | Ab |
B | BA |
| Ba | Bb |
a | aA | aB |
| ab |
b | bA | bB | ba |
|
∵共有12种等可能的结果,其中一男一女的有8种,
∴P(一男一女)==.
19.(6分)如图,AB是一棵古树,某校初四(1)班数学兴趣小组的同学想利用所学知识测出这棵古树的高,过程如下:在古树同侧的水平地面上,分别选取了C、D两点(C、D两点与古树在同一直线上),用测角仪在C处测得古树顶端A的仰角α=60°,在D处测得古树顶端A的仰角β=30°,又测得C、D两点相距14米.已知测角仪高为1.5米,请你根据他们所测得的数据求出古树AB的高.(精确到0.1米,≈1.732)
解:连接FE并延长交AB于G.
设AG=x.
在Rt△AEG中,=tanα.
∴EG=x.
在Rt△AFG中,=tanβ.
∴FG=.
∴x=14.
∴x=7=7×1.732≈12.1米.
∴AB=13.6米.
即古树AB的高约为13.6米.
20.(6分)已知△ABC在平面直角坐标系中的位置如图所示.
(1)分别写出图中点A和点C的坐标;
(2)画出△ABC绕点C按顺时针方向旋转90°后的△A′B′C′;
(3)求点A旋转到点A′所经过的路线长(结果保留π).
解:(1)A(0,4)、C(3,1);(2分)
(2)如图(6分);
(3)(7分)
(9分)
=.
21.(6分)如图,已知反比例函数y=的图象与一次函数y=ax+b的图象相交于点A(1,4)和点B(n,﹣2).
(1)求反比例函数和一次函数的解析式;
(2)当一次函数的值小于反比例函数的值时,直接写出x的取值范围.
解:(1)∵反比例函数y=的图象过点A(1,4),
∴4=,即m=4,
∴反比例函数的解析式为:y=.
∵反比例函数y=的图象过点B(n,﹣2),
∴﹣2=,
解得:n=﹣2
∴B(﹣2,﹣2).
∵一次函数y=ax+b(k≠0)的图象过点A(1,4)和点B(﹣2,﹣2),
∴,
解得.
∴一次函数的解析式为:y=2x+2;
(2)由图象可知:当x<﹣2或0<x<1时,一次函数的值小于反比例函数的值.
22.(7分)如图,△ABC中,AB=AC=1,∠BAC=45°,△AEF是由△ABC绕点A按顺时针方向旋转得到的,连接BE、CF相交于点D.
(1)求证:BE=CF;
(2)当四边形ACDE为菱形时,求BD的长.
(1)证明:∵△AEF是由△ABC绕点A按顺时针方向旋转得到的,
∴AE=AB,AF=AC,∠EAF=∠BAC,
∴∠EAF+∠BAF=∠BAC+∠BAF,即∠EAB=∠FAC,
∵AB=AC,
∴AE=AF,
∴△AEB可由△AFC绕点A按顺时针方向旋转得到,
∴BE=CF;
(2)解:∵四边形ACDE为菱形,AB=AC=1,
∴DE=AE=AC=AB=1,AC∥DE,
∴∠AEB=∠ABE,∠ABE=∠BAC=45°,
∴∠AEB=∠ABE=45°,
∴△ABE为等腰直角三角形,
∴BE=AC=,
∴BD=BE﹣DE=﹣1.
23.(9分)如图,直线AB经过⊙O上的点C,并且OA=OB,CA=CB,⊙O交直线OB于E,D,连接EC,CD.
(1)求证:直线AB是⊙O的切线;
(2)试猜想BC,BD,BE三者之间的等量关系,并加以证明;
(3)若tan∠CED=,⊙O的半径为3,求OA的长.
(1)证明:如图,连接OC,(1分)
∵OA=OB,CA=CB,
∴OC⊥AB,(2分)
∴AB是⊙O的切线.
(2)解:BC2=BD•BE.(4分)
证明:∵ED是直径,
∴∠ECD=90°,
∴∠E+∠EDC=90°.
又∵∠BCD+∠OCD=90°,∠OCD=∠ODC(OC=OD),
∴∠BCD=∠E.(5分)
又∵∠CBD=∠EBC,
∴△BCD∽△BEC.(6分)
∴.
∴BC2=BD•BE.(7分)
(3)解:∵tan∠CED=,
∴.
∵△BCD∽△BEC,
∴.(8分)
设BD=x,则BC=2x,
∵BC2=BD•BE,
∴(2x)2=x•(x+6).(9分)
∴x1=0,x2=2.
∵BD=x>0,
∴BD=2.
∴OA=OB=BD+OD=3+2=5.
24.(12分)某食品零售店为仪器厂代销一种面包,未售出的面包可退回厂家,以统计销售情况发现,当这种面包的单价定为7角时,每天卖出160个.在此基础上,这种面包的单价每提高1角时,该零售店每天就会少卖出20个.考虑了所有因素后该零售店每个面包的成本是5角.
设这种面包的单价为x(角),零售店每天销售这种面包所获得的利润为y(角).
(1)用含x的代数式分别表示出每个面包的利润与卖出的面包个数;
(2)求y与x之间的函数关系式;
(3)当面包单价定为多少时,该零售店每天销售这种面包获得的利润最大?最大利润为多少?
解:(1)每个面包的利润为(x﹣5)角
卖出的面包个数为[160﹣(x﹣7)×20])(4分)
(2)y=(300﹣20x)(x﹣5)=﹣20x2+400x﹣1500
即y=﹣20x2+400x﹣1500(8分)
(3)y=﹣20x2+400x﹣1500=﹣20(x﹣10)2+500
∴当x=10时,y的最大值为500.
∴当每个面包单价定为10角时,该零售店每天获得的利润最大,最大利润为500角.(12分)
25.(12分)如图,在平面直角坐标系中,以点C(0,4)为圆心,半径为4的圆交y轴正半轴于点A,AB是⊙C的切线.动点P从点A开始沿AB方向以每秒1个单位长度的速度运动,点Q从O点开始沿x轴正方向以每秒4个单位长度的速度运动,且动点P、Q从点A和点O同时出发,设运动时间为t(秒).
(1)当t=1时,得到P1、Q1两点,求经过A、P1、Q1三点的抛物线解析式及对称轴l;
(2)当t为何值时,直线PQ与⊙C相切并写出此时点P和点Q的坐标;
(3)在(2)的条件下,抛物线对称轴l上存在一点N,使NP+NQ最小,求出点N的坐标并说明理由.
解:(1)由题意得A、P1、Q1的坐标分别为A(0,8)、P1(1,8)、Q1(4,0)(1分)
设所求抛物线解析式为y=ax2+bx+c
则
∴a=﹣,b=,c=8
∴所求抛物线为y=﹣x2++8
对称轴为直线l:x=;
(2)设t=a时,PQ与⊙C相切于点M
连接CP、CM、CQ,则PA=PM=a,QO=QM=4a
又∵CP、CQ分别平分∠APQ和∠OQP,
而∠APQ+∠OQP=180°
∴∠PCQ=90°
∴PC⊥CQ
∴Rt△CMP∽Rt△QMC
∴即
∴a=±2
由于时间a只能取正数,
所以a=2
即当运动时间t=2时,PQ与⊙C相切
此时:P(2,8),Q(8,0);
(3)∵A(0,8),P(2,8),Q(8,0),
∴抛物线解析式为:y=﹣x2+x+8,
此时对称轴l:x=1,点P关于直线l的对称点为P'(0,8),
则直线P'Q的解析式为:y=﹣x+8,
当x=1时,y=﹣1+8=7.
因此N点的坐标为(1,7).